【问题描述】
如果一个字符串可以被拆分为 AABB 的形式，其中 A 和 B 是任意非空字符串， 则我们称该字符串的这种拆分是优秀的。
例如，对于字符串 aabaabaa，如果令 A = aab， B = a， 我们就找到了这个字符串拆分成 AABB 的一种方式。
一个字符串可能没有优秀的拆分，也可能存在不止一种优秀的拆分。 比如我们令 A = a， B = baa，也可以用 AABB 表示出上述字符串；但是，字符串abaabaa 就没有优秀的拆分。
现在给出一个长度为 n 的字符串 S，我们需要求出，在它所有子串的所有拆分方式中，优秀拆分的总个数。 这里的子串是指字符串中连续的一段。
以下事项需要注意：
1. 出现在不同位置的相同子串，我们认为是不同的子串，它们的优秀拆分均会被计入答案。
2. 在一个拆分中，允许出现 A = B。例如 cccc 存在拆分 A = B = c。
3. 字符串本身也是它的一个子串。
【输入格式】
每个输入文件包含多组数据。输入文件的第一行只有一个整数 T，表示数据 的组数。保证 1 ≤ T ≤ 10。
接下来 T 行，每行包含一个仅由英文小写字母构成的字符串 S，意义如题 所述。
【输出格式】
输出 T 行，每行包含一个整数，表示字符串 S 所有子串的所有拆分中， 总共有多少个是优秀的拆分。
【样例输入】
4
aabbbb
cccccc
aabaabaabaa
bbaabaababaaba
【样例输出】
3 5 4 7
【样例说明】
我们用 S[i, j] 表示字符串 S 第 i 个字符到第 j 个字符的子串（从 1 开 始计数）。
第一组数据中，共有 3 个子串存在优秀的拆分：
S[1,4] = aabb，优秀的拆分为 A = a， B = b；
S[3,6] = bbbb，优秀的拆分为 A = b， B = b；
S[1,6] = aabbbb，优秀的拆分为 A = a， B = bb。
而剩下的子串不存在优秀的拆分，所以第一组数据的答案是 3。
第二组数据中， 有两类，总共 4 个子串存在优秀的拆分：
对于子串 S[1,4] = S[2,5] = S[3,6] = cccc， 它们优秀的拆分相同，均为 A = c， B = c，但由于这些子串位置不同，因此要计算 3 次；
对于子串 S[1,6] = cccccc，它优秀的拆分有 2 种： A = c， B = cc 和 A = cc， B = c，它们是相同子串的不同拆分，也都要计入答案。
所以第二组数据的答案是 3 + 2 = 5。
第三组数据中， S[1,8] 和 S[4,11] 各有 2 种优秀的拆分，其中 S[1,8] 是 问题描述中的例子，所以答案是 2 + 2 = 4。
第四组数据中， S[1,4]， S[6,11]， S[7,12]， S[2,11]， S[1,8] 各有 1 种优秀 的拆分， S[3,14] 有 2 种优秀的拆分，所以答案是 5 + 2 = 7。
【更多样例】
【样例 2 输入输出】
见目录下的 excellent/excellent2.in 与 excellent/excellent2.ans。
【样例 3 输入输出】
见目录下的 excellent/excellent3.in 与 excellent/excellent3.ans。
【子任务】
对于全部的测试点，保证 1 ≤ T ≤ 10。 以下对数据的限制均是对于单组输入数据而言的，也就是说同一个测试点下的 T 组数据均满足限制条件。
我们假定 n 为字符串 S 的长度，每个测试点的详细数据范围见下表：
【来源】
NOI2016 Day1 T1
这道题有点难想到正解。
枚举长度i，然后把字符串拆分成许多连续的长度为i的子串，通过比较LCS与LCP得出一段的答案，这里发现答案是区间加法，考虑用线段树很可能超时，这里用的是差分，看程序很好理解。还有一个地方要注意：更新答案时可能会重复计算，只需要确保每次枚举都只在一段限定的区间更新，就不会出现重叠。
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <cstdio>
using namespace std;
const int N=;
struct SAM{
char s[N];
int fa[N],pos[N],sa[N],rank[N];
int son[N][],end[N],rht[N],lcp[N];
int ch[N][],len[N],id[N],tot;
int od[N],wv[N],lst,cnt;
int mm[N],Min[N][];
void Init(){
memset(s,,sizeof(s));
memset(ch,,sizeof(ch));
memset(end,,sizeof(end));
memset(son,,sizeof(son));
memset(pos,,sizeof(pos));
lst=cnt=;tot=;
} void Insert(int c){
int p=lst,np=lst=++cnt;end[lst]=;
id[len[np]=len[p]+]=np;rht[np]=;
while(p&&!ch[p][c])ch[p][c]=np,p=fa[p];
if(!p)fa[np]=;
else{
int q=ch[p][c],nq;
if(len[q]==len[p]+)fa[np]=q;
else{
len[nq=++cnt]=len[p]+;
fa[nq]=fa[q];fa[q]=fa[np]=nq;
memcpy(ch[nq],ch[q],sizeof(ch[q]));
while(ch[p][c]==q)ch[p][c]=nq,p=fa[p];
}
}
} void Get_Right(){
for(int i=;i<=cnt;i++)wv[len[i]]++;
for(int i=;i<=cnt;i++)wv[i]+=wv[i-];
for(int i=;i<=cnt;i++)od[wv[len[i]]--]=i;
for(int i=cnt;i>=;i--)rht[fa[od[i]]]+=rht[od[i]];
} void Build_Tree(){
int l=strlen(s+);
for(int i=l;i>=;i--)Insert(s[i]-'a');
for(int i=l;i>=;i--)
for(int x=id[i],p=l+;x&&!pos[x];x=fa[x])
p-=len[x]-len[fa[x]],pos[x]=p;
for(int x=;x<=cnt;x++)son[fa[x]][s[pos[x]]-'a']=x;
} void DFS(int x,int l){
if(end[x])sa[rank[l-len[x]+]=++tot]=l-len[x]+;
for(int i=;i<;i++)if(son[x][i])DFS(son[x][i],l);
} void Build_SA(){
int l=strlen(s+),k=;DFS(,l);
for(int i=,j;i<=l;lcp[rank[i++]]=k)
for(k?k--:k,j=sa[rank[i]-];s[i+k]==s[j+k];k++);
mm[]=-;
for(int i=;i<=l;i++){
mm[i]=(i&(i-))?mm[i-]:mm[i-]+;
Min[i][]=lcp[i];
}
for(int k=;k<=mm[l];k++)
for(int i=;i+(<<k-)<=l;i++)
Min[i][k]=min(Min[i][k-],Min[i+(<<(k-))][k-]);
} int LCP(int x,int y){
if(x>y)swap(x,y);x+=;int k=mm[y-x+];
int ret=min(Min[x][k],Min[y-(<<k)+][k]);
return ret;
}
}A,B; int ln,T,f[N],g[N];char s[N];
int Get_LCP(int x,int y){return A.LCP(A.rank[x],A.rank[y]);}
int Get_LCS(int x,int y){return B.LCP(B.rank[ln-x+],B.rank[ln-y+]);} int main(){
freopen("excellent.in","r",stdin);
freopen("excellent.out","w",stdout);
scanf("%d",&T);
while(T--){
A.Init();B.Init();
scanf("%s",s+);ln=strlen(s+);
for(int i=;i<=ln;i++){A.s[i]=s[i];B.s[i]=s[ln-i+];}
A.Build_Tree();A.Build_SA();
B.Build_Tree();B.Build_SA();
for(int i=;i<=ln;i++)f[i]=g[i]=; for(int i=,l,r,x;i+i<=ln;i++)
for(int j=i;(x=j+i)<=ln;j+=i)if(s[j]==s[x]){
l=x-Get_LCS(j,x)+;r=x+Get_LCP(j,x)-;
l=max(l+i-,x);r=min(r,x+i-);
if(l>r)continue;
f[l]++,f[r+]--;
g[l-i-i+]++,g[r+-i-i+]--;
}
long long ans=;
for(int i=;i<=ln;i++)f[i]+=f[i-],g[i]+=g[i-];
for(int i=;i<ln;i++)ans+=f[i]*g[i+];
printf("%lld\n",ans);
}
return ;
}
